上篇博客动态规划：01背包问题(一)将的是用二维数组来解决，而本篇博客就是把二维dp数组降为一维dp数组（滚动数组）在使用二维数组的时候，递推公式：dp[i][j] = max(dp[i - 1][j], dp[i - 1][j - weight[i]] + value[i]);
其实可以发现如果把dp[i - 1]那一层拷贝到dp[i]上，表达式完全可以是：dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i][j - weight[i]] + value[i]);
与其把dp[i - 1]这一层拷贝到dp[i]上，不如只用一个一维数组了，只用dp[j]（一维数组，也可以理解是一个滚动数组）。
这就是滚动数组的由来，需要满足的条件是上一层可以重复利用，直接拷贝到当前层。
题目：
46. 携带研究材料
时间限制：5.000S 空间限制：128MB
题目描述:
小明是一位科学家，他需要参加一场重要的国际科学大会，以展示自己的最新研究成果。他需要带一些研究材料，但是他的行李箱空间有限。这些研究材料包括实验设备、文献资料和实验样本等等，它们各自占据不同的空间，并且具有不同的价值。
小明的行李空间为 N，问小明应该如何抉择，才能携带最大价值的研究材料，每种研究材料只能选择一次，并且只有选与不选两种选择，不能进行切割。
输入描述:
第一行包含两个正整数，第一个整数 M 代表研究材料的种类，第二个正整数 N，代表小明的行李空间。
第二行包含 M 个正整数，代表每种研究材料的所占空间。
第三行包含 M 个正整数，代表每种研究材料的价值。
输出描述:
输出一个整数，代表小明能够携带的研究材料的最大价值。
输入示例:
6 1
2 2 3 1 5 2
2 3 1 5 4 3
输出示例:
5
提示信息:
小明能够携带 6 种研究材料，但是行李空间只有 1，而占用空间为 1 的研究材料价值为 5，所以最终答案输出 5。
数据范围：
1 <= N <= 1000
1 <= M <= 1000
研究材料占用空间和价值都小于等于 1000
思路：
动规五部曲分析如下：
- 确定dp数组的定义
在一维dp数组中，dp[j]表示：容量为j的背包，所背的物品价值可以最大为dp[j]。
- 一维dp数组的递推公式
dp[j]为 容量为j的背包所背的最大价值，那么如何推导dp[j]呢？
dp[j]可以通过dp[j - weight[i]]推导出来，dp[j - weight[i]]表示容量为j - weight[i]的背包所背的最大价值。
dp[j - weight[i]] + value[i] 表示 容量为 j - 物品i重量 的背包 加上 物品i的价值。（也就是容量为j的背包，放入物品i了之后的价值即：dp[j]）
此时dp[j]有两个选择，一个是取自己dp[j] 相当于 二维dp数组中的dp[i-1][j]，即不放物品i，一个是取dp[j - weight[i]] + value[i]，即放物品i，指定是取最大的，毕竟是求最大价值，
所以递归公式为：
dp[j] = max(dp[j], dp[j - weight[i]] + value[i])
可以看出相对于二维dp数组的写法，就是把dp[i][j]中i的维度去掉了。
- 一维dp数组如何初始化
关于初始化，一定要和dp数组的定义吻合，否则到递推公式的时候就会越来越乱。
一维dp数组的初始化还是比二维dp数组初始化简单很多，只需全部初始化为0即可。
dp[j]表示：容量为j的背包，所背的物品价值可以最大为dp[j]，那么dp[0]就应该是0，因为背包容量为0所背的物品的最大价值就是0。
那么dp数组除了下标0的位置，初始为0，其他下标应该初始化多少呢？
看一下递归公式：dp[j] = max(dp[j], dp[j - weight[i]] + value[i]);
dp数组在推导的时候一定是取价值最大的数，如果题目给的价值都是正整数那么非0下标都初始化为0就可以了。
这样才能让dp数组在递归公式的过程中取的最大的价值，而不是被初始值覆盖了。
那么我假设物品价值都是大于0的，所以dp数组初始化的时候，都初始为0就可以了。
- 一维dp数组遍历顺序
代码如下：
# 动态规划求解最大价值
for i in range(bag_nums): # 遍历每个物品
for j in range(bag_weight, weight[i] - 1, -1): # 从后往前遍历背包重量
dp[j] = max(dp[j], dp[j - weight[i]] + value[i]) # 更新当前背包重量对应的最大价值
这里大家发现和二维dp的写法中，遍历背包的顺序是不一样的！
二维dp遍历的时候，背包容量是从小到大，而一维dp遍历的时候，背包是从大到小。
为什么呢？
倒序遍历是为了保证物品i只被放入一次！。但如果一旦正序遍历了，那么物品0就会被重复加入多次！
举一个例子：物品0的重量weight[0] = 1，价值value[0] = 15
如果正序遍历
dp[1] = dp[1 - weight[0]] + value[0] = 15
dp[2] = dp[2 - weight[0]] + value[0] = 30
此时dp[2]就已经是30了，意味着物品0，被放入了两次，所以不能正序遍历。
为什么倒序遍历，就可以保证物品只放入一次呢？
倒序就是先算dp[2]
dp[2] = dp[2 - weight[0]] + value[0] = 15 （dp数组已经都初始化为0）
dp[1] = dp[1 - weight[0]] + value[0] = 15
所以从后往前循环，每次取得状态不会和之前取得状态重合，这样每种物品就只取一次了。
那么问题又来了，为什么二维dp数组遍历的时候不用倒序呢？
因为对于二维dp，dp[i][j]都是通过上一层即dp[i - 1][j]计算而来，本层的dp[i][j]并不会被覆盖！
（如何这里读不懂，大家就要动手试一试了，空想还是不靠谱的，实践出真知！）
再来看看两个嵌套for循环的顺序，代码中是先遍历物品嵌套遍历背包容量，那可不可以先遍历背包容量嵌套遍历物品呢？
不可以！
因为一维dp的写法，背包容量一定是要倒序遍历（原因上面已经讲了），如果遍历背包容量放在上一层，那么每个dp[j]就只会放入一个物品，即：背包里只放入了一个物品。
倒序遍历的原因是，本质上还是一个对二维数组的遍历，并且右下角的值依赖上一层左上角的值，因此需要保证左边的值仍然是上一层的，从右向左覆盖。
（这里如果读不懂，就再回想一下dp[j]的定义，或者就把两个for循环顺序颠倒一下试试！）
所以一维dp数组的背包在遍历顺序上和二维其实是有很大差异的！，这一点大家一定要注意。
这里还有一个比较难理解的地方，就是为什么背包的倒序遍历是从 bag_weight 遍历到 weight[i] - 1而不是遍历到 0？
其实遍历到weight[i]的过程就是把 j < weight[i] 的结果排除在外了，每趟循环只需覆盖需要变化的dp数组的值即可，这么说还是比较抽象，大家看下面的表格和图来理解
| 重量 | 价值 | |
|---|---|---|
| 物品0 | 1 | 15 |
| 物品1 | 3 | 20 |
| 物品2 | 4 | 30 |
以上述表格数据为例每次循环时变量的取值：
| i | weight[i] | j |
|---|---|---|
| 0 | 1 | 4,3,2,1 |
| 1 | 3 | 4,3 |
| 2 | 4 | 4 |
每一趟循环dp数组的变化：
因为只有3个物品，所以有三次大循环（最外层for循环），第一次大循环改变dp数组的后四个值，第二次改变后两个，第三次改变最后一个（因为还是35最大，所以值没有变）
相信根据上述表格和图片大家能进一步理解遍历的过程了
上述中的代码其实还可以写成这样：
for i in range(bag_nums):
for j in range(bag_weight, 0, -1):
if j >= weight[i]:
dp[j] = max(dp[j], dp[j-weight[i]] + vals[i])
这样大家就会明显看出来遍历的差异了。
- 举例推导dp数组
一维dp，分别用物品0，物品1，物品2 来遍历背包，最终得到结果如下：
代码及详注释：
def result():
# 读取输入的数据
N = [int(x) for x in input().split()] # 输入背包数量和背包总重量
weight = [int(x) for x in input().split()] # 输入每个物品的重量
value = [int(x) for x in input().split()] # 输入每个物品的价值
bag_nums = N[0] # 背包数量
bag_weight = N[1] # 背包总重量
dp = [0] * (bag_weight + 1) # 创建一个数组用于记录每个背包重量对应的最大价值
# 动态规划求解最大价值
for i in range(bag_nums): # 遍历每个物品
for j in range(bag_weight, weight[i] - 1, -1): # 从后往前遍历背包重量
dp[j] = max(dp[j], dp[j - weight[i]] + value[i]) # 更新当前背包重量对应的最大价值
return dp[bag_weight] # 返回背包总重量对应的最大价值
if __name__ == '__main__':
print(result()) # 输出最大价值